BaekJoon 7576 : 토마토 [C++] [Gold5]

문제 링크

https://www.acmicpc.net/problem/7576

 

문제 설명

철수의 토마토 농장에서는 토마토를 보관하는 큰 창고를 가지고 있다. 토마토는 아래의 그림과 같이 격자 모양 상자의 칸에 하나씩 넣어서 창고에 보관한다.

창고에 보관되는 토마토들 중에는 잘 익은 것도 있지만, 아직 익지 않은 토마토들도 있을 수 있다. 보관 후 하루가 지나면, 익은 토마토들의 인접한 곳에 있는 익지 않은 토마토들은 익은 토마토의 영향을 받아 익게 된다. 하나의 토마토의 인접한 곳은 왼쪽, 오른쪽, 앞, 뒤 네 방향에 있는 토마토를 의미한다. 대각선 방향에 있는 토마토들에게는 영향을 주지 못하며, 토마토가 혼자 저절로 익는 경우는 없다고 가정한다. 철수는 창고에 보관된 토마토들이 며칠이 지나면 다 익게 되는지, 그 최소 일수를 알고 싶어 한다.

토마토를 창고에 보관하는 격자모양의 상자들의 크기와 익은 토마토들과 익지 않은 토마토들의 정보가 주어졌을 때, 며칠이 지나면 토마토들이 모두 익는지, 그 최소 일수를 구하는 프로그램을 작성하라. 단, 상자의 일부 칸에는 토마토가 들어있지 않을 수도 있다.

 

입력

첫 줄에는 상자의 크기를 나타내는 두 정수 M,N이 주어진다. M은 상자의 가로 칸의 수, N은 상자의 세로 칸의 수를 나타낸다. 단, 2 ≤ M,N ≤ 1,000 이다. 둘째 줄부터는 하나의 상자에 저장된 토마토들의 정보가 주어진다. 즉, 둘째 줄부터 N개의 줄에는 상자에 담긴 토마토의 정보가 주어진다. 하나의 줄에는 상자 가로줄에 들어있는 토마토의 상태가 M개의 정수로 주어진다. 정수 1은 익은 토마토, 정수 0은 익지 않은 토마토, 정수 -1은 토마토가 들어있지 않은 칸을 나타낸다. 토마토가 하나 이상 있는 경우만 입력으로 주어진다.

 

출력

여러분은 토마토가 모두 익을 때까지의 최소 날짜를 출력해야 한다. 만약, 저장될 때부터 모든 토마토가 익어있는 상태이면 0을 출력해야 하고, 토마토가 모두 익지는 못하는 상황이면 -1을 출력해야 한다.

 

예제 입력 1

6 4
0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 1

예제 출력 1

8

 

예제 입력 2

6 4
0 -1 0 0 0 0
-1 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 0
0 0 0 0 0 1

예제 출력 2

-1

 

예제 입력 3

6 4
1 -1 0 0 0 0
0 -1 0 0 0 0
0 0 0 0 -1 0
0 0 0 0 -1 1

예제 출력 3

6

 

 

문제풀이

이걸 어떻게 풀어야하나,,, 처음보는 문제라서 어떻게 할지 너무 고민이었다.

단계별로 문제에 접근을 해봤다. 우선, DFS, BFS 문제인거는 확실했다. 왜냐하면 경로 탐색 문제라고 느꼈기 때문이다. 흠,, 그런데 가장 고민되었던 것이 토마토가 1개일 경우에는 경로 탐색을 하면 되는데, 만약에 정상적인 토마토가 2개일경우에 어떻게 풀어야할까? 라는 생각이 깊어졌다.문제 풀이를 참고한 결과  que에 2개를 넣으면 되는거였다. 너무바보같았다,,, ㅎㅎ 어처피 que에 값을 넣고 배열의 값을 갱신하면 된다는 생각을 왜 못했을까?

 

1. for문을 돌려서 배열에 입력값을 모두 넣어준다.

2. 값이 1인 것을 que에 넣어준다.

3. que의 위 아래 좌 우를 확인해서 0일경우 아직 갱신되지 않을 것이기 떄문에 que에 넣어준다.

4. 최대값을 결과로 보여준다!

 

 

소스코드

#include <iostream>
#include <queue>

using namespace std;

int tomatoMap[1000][1000];
int M, N;
struct Pos {
	int x;
	int y;
};

queue<Pos> q;

void tomatoBFS() {
	int dx[] = { 1, 0, -1, 0 };
	int dy[] = { 0, 1, 0, -1 };

	while (!q.empty()) {
		Pos pos = q.front();
		q.pop();

		int nowX = pos.x;
		int nowY = pos.y;
		for (int i = 0; i < 4; i++) {
			int nextX = nowX + dx[i];
			int nextY = nowY + dy[i];

			if (nextX >= 0 && nextY >= 0 && nextX < N && nextY < M) {
				if (tomatoMap[nextX][nextY] == 0) {
					tomatoMap[nextX][nextY] = tomatoMap[nowX][nowY] + 1;
					q.push({nextX,nextY});
				}
			}
		}
	}
}

void tomato() {
	int result = 0;
	cin >> M >> N;
	for (int i = 0; i < N; i++) {
		for (int j = 0; j < M; j++) {
			cin >> tomatoMap[i][j];
			if (tomatoMap[i][j] == 1) {
				q.push({i,j});
			}
		}
	}
	tomatoBFS();


	for (int i = 0; i < N; i++) {
		for (int j = 0; j < M; j++) {
			if (tomatoMap[i][j] == 0) {
				cout << -1 << "\n";
				return;
			}

			if (result < tomatoMap[i][j]) {
				result = tomatoMap[i][j];
			}
		}
	}

	cout << result - 1 << "\n";
}
int main() {
	tomato();
	return 0;
}

 

 

 

리뷰

이번 일주일은 DFS, BFS 공부에 몰두!